高中物理恒定电流知识点与例题
恒定电流复习
一、基本概念
1. 电流 电流的定义式:,适用于任何电荷的定向移动形成的电流。对于金属导体有I=nqvS(n 为单位体积内的t
自由电子个数,S 为导线的横截面积,v 为自由电子的定向移动速率,约10 -5m/s,远小于电子热运动的平均速率105m/s,更小于电场的传播速率3×108m/s)
2. 电阻定律
导体的电阻R 跟它的长度l 成正比,跟它的横截面积S 成反比。R =ρl s
⑴ρ是反映材料导电性能的物理量,叫材料的电阻率(反映该材料的性质,不是每根具体的导线的性质)。单位是Ω m 。 ⑵纯金属的电阻率小,合金的电阻率大。 ①金属的电阻率随温度的升高而增大(可以理解为温度升高时金属原子热运动加剧,对自由电子的定向移动的阻碍增大。)铂较明显,可用于做温度计;锰铜、镍铜的电阻率几乎不随温度而变,可用于做标准电阻。 ②半导体的电阻率随温度的升高而减小(可以理解为半导体靠自由电子和空穴导电,温度升高时半导体中的自由电子和空穴的数量增大,导电能力提高)。
③有些物质当温度接近0 K时,电阻率突然减小到零——这种现象叫超导现象。能够发生超导现象的物体叫超导体。材料由正常状态转变为超导状态的温度叫超导材料的转变温度
T C 。我国科学家在1989年把T C 提高到130K 。现在科学家们正努力做到室温超导。 3. 欧姆定律
I =U (适用于金属导体和电解液,不适用于气体导电)。 R I
A.
U U U U
解:灯丝在通电后一定会发热,当温度达到一定值时才会发出可见光,这时温度能达到很高,因此必须考虑到灯丝的电阻将随温度的变化而变化。随着电压的升高,电流增大,灯丝的电功率将会增大,温度升高,电阻率A 。
P 与电压平方U 2 A.
2 2 2
2 2U 解:此图象描述P 随U 变化的规律,由功率表达式知:P =,U 越大,电阻越大,图象上对应点与原点连线R
的斜率越小。选C 。
4. 电功和电热
电功就是电场力做的功,因此是W=UIt;由焦耳定律,电热Q=I2Rt 。其微观解释是:电流通过金属导体时,自由电子在加速运动过程中频繁与正离子相碰,使离子的热运动加剧,而电子速率减小,可以认为自由电子只以某一速率定向移动,电能没有转化为电子的动能,只转化为内能。
⑴对纯电阻而言,电功等于电热:W=Q=UIt=I 2R t=U t R 2
⑵对非纯电阻电路(如电动机和电解槽),由于电能除了转化为电热以外还同时转化为机械能或化学能等
其它能,所以电功必然大于电热:W >Q ,这时电功只能用W=UIt计算,电热只能用Q=I 2某一电动机,当电压U 1=10V时带不动负载,因此不转动,这时电流为I 1=2A。当电压为U 2=36V时能带 解:电动机不转时可视为为纯电阻,由欧姆定律得,R =U 1=5Ω,这个电阻可认为是不变的。电动机正常转动
I 1
2时,输入的电功率为P 电=U 2I 2=36W,内部消耗的热功率P 热=I 2R =5W,所以机械功率P =31W
由这道例题可知:电动机在启动时电流较大,容易被烧坏;正常运转时电流反而较小。
例4. 来自质子源的质子(初速度为零),经一加速电压为800kV 的直线加速器加速,形成电流强度为1mA 的细柱形质子流。已知质子电荷e =1.60×10-19C 。这束质子流每秒打到靶上的质子数为_________。假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的,在质子束中与质子源相距L 和4L 的两处,各取一段极短的相等长度的质子流,其中的质子数分别为n 1和n 2,则n 1∶n 2=_______。 ne n I , ∴==6. 25⨯1015. 由于各处电流相同,设这段
t t e ne l nev 1和t =得I =, ∴n ∝。长度为l ,其中的质子数为n 个,则由I =t v l v n s 22而v 2=2as , ∴v ∝s , ∴1== n 2s 11解:按定义,I =
二、串并联与混联电路
1. 应用欧姆定律须注意对应性。
选定研究对象电阻R 后,I 必须是通过这只电阻R 的电流,U 必须是这只电阻R 两端的电压。该公式只能直接用于纯电阻电路,不能直接用于含有电动机、电解槽等用电器的电路。
2. 公式选取的灵活性。
⑴计算电流,除了用I =U 外,还经常用并联电路总电流和分电流的关系:I =I 1+I 2 R
R 1
⑵计算电压,除了用U =IR 外,还经常用串联电路总电压和分电压的关系:U =U 1+U 2 ⑶计算电功率,无论串联、并联还是混联,总功率都等于各电阻功率之和:P =P 1+P 2
对纯电阻,电功率的计算有多种方法:P=UI=I 2R =U R 2
以上I =I 1+I 2、U =U 1+U 2和P =P 1+P 2既可用于纯电阻电路,也可用于非纯电阻电路。既可以用于恒定电流,也可以用于交变电流。
例5. 已知如图,R 1=6Ω,R 2=3Ω,R 3=4Ω,则接入电路后这三只电阻的实际功率之比为_________。 解:本题解法很多,注意灵活、巧妙。经过观察发现三只电阻的电流关系最简单:电流之比是I 1∶I 2∶I 3=1∶2∶3;还可以发现左面两只电阻并联后总阻值为2Ω,因此电压之比是U 1∶U 2∶U 3=1∶1∶2;在此基础上利用P=UI,得P 1∶P 2∶P 3=1∶2∶6
例6. 已知如图,两只灯泡L 1、L 2分别标有“110V ,60W ”和“110V ,100W ”,另外有一只滑动变阻器R ,将它们连接后接入220V 的电路中,要求两灯泡都正常发光,并使整个电路消耗的总功率最小,应使用下面哪个电路?
A. L 1 1 C. 2 D. 1 L 2
L 2 B. L L L
L 2
解:A 、C 两图中灯泡不能正常发光。B 、D 中两灯泡都能正常发光,它们的特点是左右两部分的电流、电压都B 图总功率为200W ,D 图总功率为320W ,所以选B 。 实验表明,通过某种金属氧化物制成的均匀棒中的电流I 跟电压U
I =kU 3的规律,其中U 表示棒两端的电势差,k =0.02A/V3。现将该棒与一个可变电阻器R 串联在一起后,接在一个内阻可以忽略不计,电
动势为6.0V 的电源上。求:⑴当串联的可变电阻器阻值R 多大时,电路中的电流为0.16A ?⑵当串联的可变电阻器阻值R 多大时,棒上消耗的电R 功率是电阻R 上消耗电功率的1/5? 解:画出示意图如右。⑴由I =kU 3和I =0.16A,可求得棒两端电压为2V
,
因此变阻器两端电压为4V ,由欧姆定律得阻值为25Ω。
⑵由于棒和变阻器是串联关系,电流相等,电压跟功率成正比,棒两端电压为1V ,
3A. ① B. ② C. ③ D. ④
解:当R x 增大时,左半部分总电阻增大,右半部分电阻减小,所以R 两端的电压U 应增大,排除④;如果没有并联R ,电压均匀增大,图线将是②;实际上并联了R ,对应于同一个R x 值,左半部分分得的电压将比原来小了,所以③正确,选C 。
3. 对复杂电路分析,一般情况下用等势点法比较方便简洁。
⑴凡用导线直接连接的各点的电势必相等(包括用不计电阻的电流表连接的点)。
⑵在外电路,沿着电流方向电势降低。
⑶凡接在同样两个等势点上的电器为并联关系。
⑷不加声明的情况下,不考虑电表对电路的影响。
4. 电路中有关电容器的计算。
⑴电容器跟与它并联的用电器的电压相等。
⑵在计算出电容器的带电量后,必须同时判定两板的极性,并标在图上。
⑶在充放电时,电容器两根引线上的电流方向总是相同的,所以要根据正极板电荷变化情况来判断电流方向。
⑷如果变化前后极板带电的电性相同,那么通过每根引线的电荷量等于始末状态电容器电荷量的差;如果变化前后极板带电的电性改变,那么通过每根引线的电荷量等于始末状态 电容器电荷量之和。 例9. 已知如图,电源内阻不计。为使电容器的带电量增大,可采取以下那些方法:
A. 增大R 1 B. 增大R 2 C. 增大R 3 D. 减小R 1
C R 3并联。只有增大R 2或减小R 1才能增大电容器C 不能改变电容器的带BD 。
已知如图,R 1=30Ω,R 2=15Ω,R 3=20Ω,AB 间电压U =6V,A 端为正C =2μF ,Q =2×10- 6C ,应将R 4的阻值调节到多大? 解:由于R 1 和R 2串联分压,可知R 1两端电压一定为4V ,由电容器的电容知:为使C 的带电量为2×10-6C ,其两端电压必须为1V ,所以R 3的电压可以为3V 或5V 。因 此R 4应调节到20Ω或4Ω。两次电容器上极板分别带负电和正电。还可以得出:当 -6R 4由20Ω逐渐减小的到4Ω的全过程中,通过图中P 点的电荷量应该是4×10C 流方向为向下。
三、闭合电路欧姆定律 1. 主要物理量。 研究闭合电路,主要物理量有E 、r 、R 、I 、U ,前两个是常量,后三个是变量。 闭合电路欧姆定律的表达形式有: E (I 、R 间关系) R +r
R E (U 、R 间关系) ③U=E-Ir(U 、I 间关系) ④U =R +r ①E =U 外+U 内 ②I =
从③式看出:当外电路断开时(I = 0),路端电压等于电动势。而这时用电压表去测量时,读数却应该略小于电动势(有微弱电流)。当外电路短路时(R = 0,因而U = 0)电流最大为I m =E /r (一般不允许出现这种情况,会把电源烧坏)。
2. 电源的功率和效率。
⑴功率:①电源的功率(电源的总功率)P E =EI ②电源的输出功率P 出=UI
2 ③电源内部消耗的功率P r =I r P U R ⑵电源的效率:η=(最后一个等号只适用于纯电阻电路) ==P E E R +r
电源的输出功率P =E 2R
2=4Rr 2E 2E 2,可见电源输出功率随外电阻变化的⋅≤
流越大功率越大,所以R 2=0时R 1上消耗的功率最大为2W ;③把R 1也看成电源的一部
分,等效电源的内阻为6Ω,所以,当R 2=6Ω时,R 2上消耗的功率最大为1.5W 。
3. 变化电路的讨论。
闭合电路中只要有一只电阻的阻值发生变化,就会影响整个电路,使总电路和每一
部分的电流、电压都发生变化。讨论依据是:闭合电路欧姆定律、部分电路欧姆定律、
串联电路的电压关系、并联电路的电流关系。以右图电路为例:设R 1增大,总电阻一定E 增大;由I =,I 一定减小;由U=E-Ir,U 一定增大;因此U 4、I 4一定增大;由R +r
I 3= I-I 4,I 3、U 3一定减小;由U 2=U-U 3,U 2、I 2一定增大;由I 1=I 3 -I 2,I 1一定减小。总结规律如下:
①总电路上R 增大时总电流I 减小,路端电压U 增大;②变化电阻本身和总电路变化规律相同;③和变化电阻有串联关系(通过变化电阻的电流也通过该电阻)的看电流(即总电流减小时,该电阻的电流、电压都减小);④和变化电阻有并联关系的(通过变化电阻的电流不通过该电阻)看电压(即路端电压增大时,该电阻的电流、电压都增大)。 例12. 如图,电源的内阻不可忽略.已知定值电阻R 1=10Ω,R 2=8Ω.当电键S 接位置1
时,电流表的示数为0.20A .那么当电键S 接位置2时,电流表的示数可能是下列的哪些值 A.0.28A B.0.25A C.0.22A D.0.19A
解:电键接2后,电路的总电阻减小,总电流一定增大,所以不可能是0.19A .电源的路端电压一定减小,原来路端电压为2V ,所以电键接2后路端电压低于2V ,因此电流一定小于0.25A .所以只能选C 。
例13. 如图所示,电源电动势为E ,内电阻为r .当滑动变阻器的触片P V 2示数变化的绝对值分别为ΔU 1和ΔU 2,下列说法中正确的是 A. 小灯泡L 1、L 3变暗,L 2变亮 B. 小灯泡L 3变暗,L 1、L 2变亮 C. ΔU 1
4. 闭合电路的U-I 图象。
右图中接入电路时电路的总电流和路端电压;该点和原点之间的矩形的面积表示输出功率;a 的斜率的绝对值表示内阻大小; b 的斜率的绝对值表示外电阻的大小;当两个斜率相
等时(即内、外电阻相等时图中矩形面积最大,即输出功率最大(可以看出当时路端电压是电动势的一半,电流是最大电流的一半)。 例14. 如图所示,图线a 是某一蓄电池组的伏安特性曲线,图线b 是一只某种型号的定值电阻的伏安特性曲线.若已知该蓄电池组的内阻为2.0Ω,则这只定值电阻的阻值为 ______Ω。现有4只这种规格的定值电阻,可任意选取其中的若干只进行组合,作为该蓄电池组的外电路,则所组成的这些外电路中,输出功率最大时是_______W。
解:由图象可知蓄电池的电动势为20V ,由斜率关系知外电阻阻值为6Ω。用3只这种电阻并联作为外电阻,外电阻等于2Ω,因此输出功率最大为50W 。 5. 滑动变阻器的两种特殊接法。 在电路图中,滑动变阻器有两种接法要特别引起重视: ⑴右图电路中,当滑动变阻器的滑动触头P 从a 端滑向b 端的过程中,到达中点位置时外电阻最大,总电流最小。所以电流表A 的示数先减小后增大;可以证明:A 1的示数一直减小,而A 2的示数一直增大。 I /A
⑵右图电路中,设路端电压U 不变。当滑动变阻器的滑动触头P 从a 端滑向b 端
的过程中,总电阻逐渐减小;总电流I 逐渐增大;R X 两端的电压逐渐增大,电流I X 也逐渐增大(这是实验中常用的分压电路的原理);滑动变阻器r 左半部的电流I / 先
减小后增大。
例15. 如图所示,电路中ab 是一段长10 cm,电阻为100Ω的均匀电阻丝。两只定
值电阻的阻值分别为R 1=80Ω和R 2=20Ω。当滑动触头P 从a 端缓慢向b 端移动的全过程中灯泡始终发光。则当移动距离为____cm时灯泡最亮,移动距离为_____cm时灯泡最暗。
解:当P 移到右端时,外电路总电阻最小,灯最亮,这时aP 长10cm 。当aP 间电阻为20Ω时,外电路总电阻
6. 断路点的判定。
判定断路点:凡两端电压为零的用电器或导线是无故障的;两端电压等于电源电压的用
7. 黑盒问题。 如果黑盒内只有电阻,分析时,从阻值最小的两点间开始。
例16. 如图所示,黑盒有四个接线柱,内有4只阻值均为6Ω的电阻,每只电阻都
直接与接线柱相连。测得R ab =6Ω, R ac =R ad =10Ω。R bc =R bd =R cd =4Ω, 试画出黑盒内的
电路。 b
解:由于最小电阻是R bc =R bd =R cd =4Ω,只有2只6Ω串联后再与1只6Ω并联才能
出现4Ω, 因此bc 、cd 、db 间应各接1只电阻。再于ab 间接1只电阻,结论正合适。
c c
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